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• 题目链接：https://leetcode-cn.com/problems/rotting-oranges/
• 题目描述

在给定的网格中，每个单元格可以有以下三个值之一：值 0 代表空单元格；值 1 代表新鲜橘子；值 2 代表腐烂的橘子。
每分钟，任何与腐烂的橘子（在 4 个正方向上）相邻的新鲜橘子都会腐烂。
返回直到单元格中没有新鲜橘子为止所必须经过的最小分钟数。如果不可能，返回 -1。

• 示例
  

输入：[[2,1,1],[1,1,0],[0,1,1]]
输出：4

思路

假设图中只有一个腐烂的橘子，它每分钟向外拓展，腐烂上下左右相邻的新鲜橘子，那么下一分钟，就是这些被腐烂的橘子再向外拓展腐烂相邻的新鲜橘子，这与广度优先搜索的过程均一一对应，上下左右相邻的新鲜橘子就是该腐烂橘子尝试访问的同一层的节点，路径长度就是新鲜橘子被腐烂的时间。因此我们使用BFS求解，过程如下。

1. 找到所有腐烂的橘子，加入队列，作为第0层的节点
2. 进行遍历，将上下左右四个方向的新鲜橘子进行腐烂，注意边界条件。
3. 由于可能存在无法被污染的橘子，我们需要记录新鲜橘子的数量。在 BFS 中，每遍历到一个橘子（污染了一个橘子），就将新鲜橘子的数量减一。如果 BFS 结束后这个数量仍未减为零，说明存在无法被污染的橘子。

• 代码

public int orangesRotting(int[][] grid) {int m = grid.length;int n = grid[0].length;int[][] dirs = {{-1,0},{1,0},{0,-1},{0,1}};Queue<int[]> queue = new LinkedList<>();// 记录新鲜橘子的数量int count = 0;for (int i = 0; i < m; i++) {for (int j = 0; j < n; j++) {if (grid[i][j]==1)count++;//橘子是腐烂的，加入队列else if (grid[i][j]==2)queue.offer(new int[]{i,j});}}//分钟数，也可以说是腐烂的轮数int round = 0;// 不加count>0这个条件，结果会多1.while (count>0 && !queue.isEmpty()){round++;int size = queue.size();//遍历每一层for (int i = 0; i < size; i++) {int[] poll = queue.poll();//遍历每个节点的上下左右四个方向for (int j = 0; j < 4; j++) {int x = poll[0]+dirs[j][0];int y = poll[1]+dirs[j][1];//注意边界条件 if (x>=0 && x<m && y>=0 && y<n && grid[x][y]==1){grid[x][y] = 2;count--;queue.offer(new int[]{x,y});}}}}//说明还有新鲜橘子if (count!=0)return -1;return round;
}